《高等数学》课程教学资源（试卷）考试试卷库（高数下册）_高数下册（试卷答案）

高等数学（下册）考试试卷（一）参考答案 一、1、当0<a<1时，0<x2+y2≤1：当a>1时，x2+y2≥1： 2、负号：3、∬do=d例在衫：4o0+wot: 510:6、sm=G: 7、y=C,cosV2x+C2sinV2x+C,eB+C4eB:8、l: 、1、D:2、D:3C:4B:5、D:6、B:7、A:8、C 三小是容=g+n: 四、iier=j6er=jer=-e): 2、1∫a。hrk+ja0grt=号x 于是①当L所围成的区城D中不含0(0,0)时，P巴在D内连续，所以由Gcem ay'ax 公式得：10：②当L所围成的区域D中含0(0,0)时，在D内除0(0.0) Oy dx 外都连续，此时作曲线1为x2+y2=62(0<6<),逆时针方向，并假设D'为L及 1所围成区域，则 1-。-小4.f手公陪器a 六、由所给条件易得：

139 高等数学（下册）考试试卷（一）参考答案 一、1、当 0  a 1 时， 0 1 2 2  x + y  ；当 a 1 时， 1 2 2 x + y  ； 2、负号； 3、 2 3 ; 1 1  0  + − = D e y e y d dy dx ； 4、 (t) (t)dt 2 2  +  ； 5、180  ； 6、 Cx x y sin = ； 7、 x x y C x C x C e C e 2 4 2 1 2 2 3 cos 2 sin − = + + + ； 8、1； 二、1、D； 2、D； 3、C； 4、B； 5、D； 6、B； 7、A； 8、C； 三、1、 1 2 f yf x u = +    ； xg (x xy) y u =  +   ； 2、 f (x t) f (x t) x u = + − −   ； f (x t) f (x t) t u = + + −   ； 四、1、 (1 ) 2 1 4 2 0 2 0 0 2 2 0 2 2 2 − − − − = = = −      dx e dy dy e dx ye dy e y y y x y ； 2、       = + =      2 0 2 0 2 1 2 0 2 2 1 3 2 2 3 3 14 2 r I d dr r dz d dr r dz 柱面坐标 ； 五、令 2 2 2 2 , x y x Q x y y P + = + = − 则 x Q x y y x y P   = + − =   2 2 2 2 2 ( ) ，(x, y)  (0,0) ； 于是①当 L 所围成的区域 D 中不含 O（0，0）时， x Q y P     , 在 D 内连续。所以由 Green 公式得：I=0；②当 L 所围成的区域 D 中含 O（0，0）时， x Q y P     , 在 D 内除 O（0，0） 外都连续，此时作曲线 + l 为 (0 1) 2 2 2 x + y =     ，逆时针方向，并假设 * D 为 + L 及 − l 所围成区域，则   ( ) 2 * 2 2 2 + =   −   = − + = +        + = + + + + + − + D x y L l l L l l dxdy y P x Q I Green公式 六、由所给条件易得：

f(x)+f△x) w-色+0@-= 1+f产).)-f0=f01+fP(x1 f(x)(Ax) Ax f"(x) 甲f0 .arctan f(x)=f(0).x+c f(x)=tan[f'(0)x+c] 又f(O)=0即c=kπ，k∈Zf(x)=tan(f'(O)x) 23 七2，专空品出周 2n+1 当2<1即<1时，亦即1<x<3时所给级数绝对收敛 当川<1即x>3或x<1时，原级数发散： 当1=-即x=1时，级数2-"2十收数 当1=1甲=3时，接数2-八3十收数 ∴级数的半径为R=1,收敛区间为1,3引。 高等数学（下册）考试试卷（二)参考答案 一、小1：216：3、时mefx+ixyd：4、3∫o: 5、-8π：6、2(x+y+):7、y+y-2y=0:8、0: 二、1、C:2、B:3、A:4、D:5、C:6、D:7、B:8、C: 1

140 (0) 0 1 (0) 2 (0) (0) 2  = − = f f f f 又 x f x x f x f x x  +  −  =  → ( ) ( ) ( ) lim 0 = x f x f x f x f x f x x  − −  +   → ( ) 1 ( ) ( ) ( ) ( ) lim 0 x f x f f x f x f x x   −  −  + =  → ( ) (0) 1 ( ) ( ) 1 ( ) lim 2 0 (0)[1 ( )] 2 = f  + f x 即 (0) 1 ( ) ( ) 2 f f x f x =  +  arctan f (x) = f (0) x + c 即 f (x) = tan[ f (0)x + c] 又 f (0) = 0 即 c = k, k  Z  f (x) = tan( f (0)x) 七、令 x − 2 = t ，考虑级数   = + + − 1 2 1 2 1 ( 1) n n n n t  2 2 1 2 3 2 1 2 3 lim t n t n t n n n = + + + + →  当 1 2 t  即 t 1 时，亦即 1 x  3 时所给级数绝对收敛； 当 t 1 即 x  3 或 x 1 时，原级数发散； 当 t = −1 即 x =1 时，级数   = + + − 1 1 2 1 1 ( 1) n n n 收敛； 当 t =1 即 x = 3 时，级数   = + − 1 2 1 1 ( 1) n n n 收敛；  级数的半径为 R=1，收敛区间为[1，3]。 高等数学（下册）考试试卷（二）参考答案 一、1、1； 2、-1/6； 3、     + 2 0 / 2 4 2 2 / 2 ( , ) ( , ) y y y dy f x y dx dy f x y dx ； 4、 (0) 3 2 f  ； 5、 −8 ； 6、 2(x + y + z) ； 7、 y  + y  − 2y = 0 ； 8、0； 二、1、C； 2、B； 3、A； 4、D； 5、C； 6、D； 7、B； 8、C；

三、1、函数u=nx+√少2+z2)在点A(1,0,1)处可微，且 x+F+laa=l/2: 1 4= 1 haw 0. 4= 面i-而=2-2训所u7-后的故在A点1=店方向时数 -尝a+owg0.cowy 2、由 =2x4-x-)+x(-l)=0 f.=x2(4-x-2y)=0 得D内的驻点为M。(2,1),且f(2,1)=4, 又f0,y)=0,fx,0)=0 而当x+y=6,x20,y20时，fx,y)=2x3-12x2(0≤x≤6) 令(2x3-12x2)=0得x=0,x2=4 于是相应y=6,片2=2且f0,6)=0,f(4,2)=-64 ∴f(x,y)在D上的最大值为f(2,1)=4,最小值为f(4,2)=-64. (0sxs1 四、1、2的联立不等式组为2：0≤y≤x-1 0≤z≤1-x-y 所1-可a,a+车vt可a++h 2 16 14】

141 三、1、函数 ln( ) 2 2 u = x + y + z 在点 A（1，0，1）处可微，且 (1,0,1) 2 2 1 x y z x u A + + =   =1/ 2 ； 0 1 (1,0,1) 2 2 2 2 = +  + + =   y z y x y z y u A ； 1/ 2 1 (1,0,1) 2 2 2 2 = +  + + =   y z z x y z z u A 而 l = AB = (2,−2,1), 所以 ) 3 1 , 3 2 , 3 2 = ( −  l ,故在 A 点沿 l = AB 方向导数为： =   A l u A x u   cos + A y u    cos  + A z u    cos  1/ 2. 3 1 2 1 ) 3 2 0 ( 3 2 2 1 =  +  − +  = 2、由     = − − =  = − − + − = (4 2 ) 0 2 (4 ) ( 1) 0 2 f x x y f x y x y x y y x 得 D 内的驻点为 (2,1), M0 且 f (2,1) = 4 ， 又 f (0, y) = 0, f (x,0) = 0 而当 x + y = 6, x  0, y  0 时， ( , ) 2 12 (0 6) 3 2 f x y = x − x  x  令 (2 12 ) 0 3 2 x − x  = 得 x1 = 0, x2 = 4 于是相应 y1 = 6, y2 = 2 且 f (0,6) = 0, f (4,2) = −64.  f (x, y) 在 D 上的最大值为 f (2,1) = 4 ，最小值为 f (4,2) = −64. 四、1、  的联立不等式组为        − −   −    z x y y x x 0 1 0 1 0 1 : 所以    − − − + + + + = 1 0 1 0 1 0 3 (1 ) x x y x y z dz I dx dy   − − + + = x dy x y dx 1 0 2 1 0 ] 4 1 (1 ) 1 [ 2 1  = − − − + = 1 0 16 5 ln 2 2 1 ) 4 3 1 1 ( 2 1 dx x x

2、在柱面坐标系中 F()="dof drf=+f(ri=2(r+rdr 所g-2awev+n=2aUe)+ 五、1、连接OA,由Green公式得： 1-J+Ja -foi =fuai -Jat f(e'cosy-cosy+mddy+ x+y'sav20 2作作行上植o=会指 1-川+川-Ⅱ-耳-川 ”2+y9t-g -2fd If-dod-'d 六、由题意得：3p'(x)-2p(x)+xe2=p"(x) 即p'(x)-30'(x)+2p(x)=xe2 特征方程r2-3r+2=0,特征根斤=1,5=2 对应齐次方程的通解为：y=ce+c2e2 又因为入=2是特征根。故其特解可设为：y°=x(Ar+B)江 代入方程并整理得：A=)B=-1 即y=号x-22 故所求函数为：p)=ce+c,e+)x-2e2 142

142 2、在柱面坐标系中    = +   2 0 0 0 2 2 ( ) [ ( )] t h F t d dr z f r rdz  = + t hf r r h r dr 0 2 3 ] 3 1 2 [ ( ) 所以 ] 3 1 2 [ ( ) 2 3 hf t t h t dt dF =  + ] 3 1 2 [ ( ) 2 2 = ht f t + h 五、1、连接 → OA ，由 Green 公式得：    = + − L OA OA I   = − L+OA OA =  +   − + + , 0 2 2 ( cos cos ) 0 x y ax y x x Green e y e y m dxdy 公式 2 8 1 = ma 2、作辅助曲面    +  = 1 2 2 2 : x y a z a ，上侧，则由 Gauss 公式得：   I = +  1   − 1 =   +  − 1 1 =   +    +  + + − x y z z a x y a x y z dxdydz a dxdy ,0 2 2 2 2 2 2 2 2( ) =   +  − a x y z dz zdxdy a 0 4 2 2 2 2  4 0 3 4 2 1 2 z dz a a a =  − = −   六、由题意得： 3 ( ) 2 ( ) ( ) 2 x x xe x x  −  + =  即 x x x x xe 2 ( ) − 3( ) + 2( ) = 特征方程 3 2 0 2 r − r + = ，特征根 r1 =1, r2 = 2 对应齐次方程的通解为： x x y c e c e 2 = 1 + 2 又因为  = 2 是特征根。故其特解可设为： x y x Ax B e * 2 = ( + ) 代入方程并整理得： , 1 2 1 A = B = − 即 x y x x e * 2 ( 2) 2 1 = − 故所求函数为： x x x x c e c e x x e 2 2 1 2 ( 2) 2 1 ( ) = + + −

高等数学（下册）考试试卷（三）参考答案 、1、e-xe;25:3、∫。fxy,t 本0o所5m6器h-月Pt+0本+小 20 Gauss公式：7、Ax2+Bx+C8、P≤0。 二、1、C:2、B:3、A:4、C:5、A:6、D:7、B:8、B 三、由于=fx,0d+fx,),Fd+F+F=0 由上两式消去山，即得： 少-E dx F+fF 四、设(x,y)为椭圆x2+4y2=4上任一点，则该点到直线2x+3y-6=0的距离为 d=6-2x-3列：令L=6-2x-3+r2+4y2-4,于是曲： 3 L,=-4(6-2x-3y)+22x=0 L,=66-2x-3y)+8y=0 La=x2+4y2-4=0 有条件鞋点：停34(-寻M(-管wg寻 发点设堂有在天种。上一。晋款 五、曲线=2+ 在0：面上的 x2+y2=2y 投能为/2=2 0≤y≤) x=0 于是所割下部分在Oz面上的投影域为： ,0≤y≤2 D.0s:5 由图形的对称性，所求面积为第一卦限部分的两倍

143 高等数学（下册）考试试卷（三）参考答案 一、1、 2 2 2 2 y z x z ye − xe ； 2、 5 ； 3、 −   − − − 1 − − 1 1 1 1 0 2 2 2 2 ( , , ) x x x y dx dy f x y z dz ； 4、 3 f (0,0); 5、2a ； 6、   +   = + +   +   +   dv Pdydz Qdzdx Rdxdy z R y Q x P ( ) Gauss 公式； 7、 Ax + Bx + C 2 8、 P  0。 二、1、C； 2、B； 3、A ； 4、C ； 5、A ； 6、D ； 7、B ； 8、B 三、由于 dy f x t dx f x t dt x t = ( , ) + ( , ) ， Fx dx + Fy dy + Ft dt = 0 由上两式消去 dt ，即得： t t y x t t x F f F f F f F dx dy +     −   = 四、设 (x, y) 为椭圆 4 4 2 2 x + y = 上任一点，则该点到直线 2x + 3y − 6 = 0 的距离为 13 6 2x 3y d − − = ；令 (6 2 3 ) ( 4 4) 2 2 2 L = − x − y +  x + y − ，于是由：      = + − = = − − − + = = − − − + = 4 4 0 6(6 2 3 ) 8 0 4(6 2 3 ) 2 0 2 2 L x y L x y y L x y x y x    得条件驻点： ) 5 3 , 5 8 ), ( 5 3 , 5 8 ), ( 5 3 , 5 8 ), ( 5 3 , 3 8 ( M1 M 2 − M3 − − M 4 − 依题意，椭圆到直线一定有最短距离存在，其中 13 13 13 6 2 3 min 1 = − − = M x y d 即为所求。 五、曲线     + = = + x y y z x y 2 2 2 2 2 在 yoz 面上的 投影为    = =   0 2 (0 ) 2 x z y y z 于是所割下部分在 yoz 面上的投影域为：         z y y Dyz 0 2 0 2 : ， y 由图形的对称性，所求面积为第一卦限部分的两倍