道路勘测设计期末考试试卷（A）答案及评分标准一、名词解释（3分×5=15分）1.设计速度：在气候条件好、行车密度小、汽车运行只受道路本身条件影响时，一般司机能保持安全而舒适地行驶的最大速度。2.动力因数：某型汽车在海平面高程，在满载情况下，单位车座克服道路阻力和惯性阻力的性能。3.行车视距：为了行车安全，驾驶人员应能随时看到汽车前面相当远的一段路程，二旦发现前面道路上有阻碍物或迎面来车能及时采取措施，避免相撞所必须的最短距离。4.平均纵坡：二定长度路段纵向所克服的高差和该路段路线长度之比。5.自然展线：以适当的坡度，顺着自然地形绕山咀、侧沟来延展距离克服高差的展线评分标准：答出下划线部分即可得分，每题3分二、填空题（15分，每空0.5分）1.方格网式、环形放射式、直由式、混合式。2.具有足够的驱动力来克服各种行驶阻力（或T≥R）和驱动力小于或等于轮胎于路面之间的附着力（或T≤G）。路面平整坚实：路面粗糙不滑。3.停车视距；超车视距4.缓和冲击、时间行程不过短、满足视距的要求。5.比例过渡、高次抛物线过渡二、回旋线过渡、插入二次抛物线过渡。6.绕中间带中线旋转、绕中间带边缘旋转、绕各自行车道中线旋转。7.方向—、纵坡。8.直线型定线方法、曲线型定线方法。9.河岸的选择、路线高度的选择及桥位选择10.施行交通管制、渠化交叉口及修建立交。评分标准：每空的分数为0.5分
道路勘测设计期末考试试卷(A) 答案及评分标准 一、名词解释（3 分×5＝15 分） 1.设计速度：在气候条件好、行车密度小、汽车运行只受道路本身条件影响时,一般司 机能保持安全而舒适地行驶的最大速度。 2.动力因数：某型汽车在海平面高程，在滿载情况下，单位车座克服道路阻力和惯性阻 力的性能。 3.行车视距：为了行车安全，驾驶人员应能随时看到汽车前面相当远的一段路程，一旦 发现前面道路上有阻碍物或迎面来车能及时采取措施，避免相撞所必须的最短距离。 4.平均纵坡：一定长度路段纵向所克服的高差和该路段路线长度之比。 5.自然展线：以适当的坡度，顺着自然地形绕山咀、侧沟来延展距离克服高差的展线。 评分标准： 答出下划线部分即可得分，每题 3 分 二、填空题（15 分，每空 0.5 分） 1.方格网式、环形放射式、自由式、混合式。 2. 具有足够的驱动力来克服各种行驶阻力（或T R ） 和 驱动力小于或等于轮胎于 路面之间的附着力（或T Gk ）。 路面平整坚实； 路面粗糙不滑。 3．停车视距；超车视距 4. 缓和冲击 、时间行程不过短、满足视距的要求。 5. 比例过渡 、 高次抛物线过渡 、 回旋线过渡 、 插入二次抛物线过渡 。 6. 绕中间带中线旋转 、绕中间带边缘旋转、绕各自行车道中线旋转。 7. 方向 、 纵坡 。 8. 直线型定线方法 、 曲线型定线方法 。 9.河岸的选择、路线高度的选择及桥位选择 10.施行交通管制、渠化交叉口及修建立交。 评分标准： 每空的分数为 0.5 分
三、判断并说明理由（15分，判断0.5分，说明理由1.0分）1.错误；应改为：公路等级的确定与远景交通量、使用任务及其性质有关。2.错误：应改为：横向力系数可以衡量不同重量汽车的在弯道的稳定程度。3.错误：应改为：按二者最大值计算确定4.错误：应改为：Q<2°是取a=2°应为600M5.错误：应改为：设缓和目的①恢复在陡坡上减少的速度②从下坡安全考虑而考虑6.错误：应改为：最小可取2%BNi =67.5m7.错误：应改为：L=p8.错误：应改为：主要为了横向排水9.错误：应改为：二次修正导向线目的是用横断面最佳位置修正平面，避免横向填挖过大。10.错误：应改为：环道中车道不能太多，以3、4条为宜。评分标准：每一题1.5分，判断错误不得分，判断正确但没有改正或改正不正确得0.5分。四、简答题（4X5=20分）1.答案及评分标准基本要点：一般情况下超高缓和段长度与缓和曲线相同，如果为了线形协调而在平面上布置了较长的缓和曲线，则超高过渡可仅在缓和曲线的一个区段进行。答出基本要点得5分：答得不完整酌情扣分。2.答案及评分标准要点：限制最大合成坡度可以防止急弯坡组合，引起横向滑移危机行车安全：限制最小的合成坡度主要以防止道路排水不畅，影响行车安全答出每一要点给2.5分。答得不完整酌情扣分。3.答案及评分标准要点：回头曲线的定义：通过设置回头曲线进行展线路线从一侧山坡上回头后，再回到该侧山坡的展线方式
三、判断并说明理由（15 分, 判断 0.5 分，说明理由 1.0 分） 1.错误；应改为：公路等级的确定与远景交通量、使用任务及其性质有关。 2.错误：应改为：横向力系数可以衡量不同重量汽车的在弯道的稳定程度。 3.错误：应改为：按二者最大值计算确定 4.错误：应改为： 2是取 2 应为 600M 5.错误：应改为：设缓和目的①恢复在陡坡上减少的速度②从下坡安全考虑而考虑 6.错误：应改为：最小可取 2％ 7.错误：应改为： m p B i L 67.5 8.错误：应改为：主要为了横向排水 9. 错误：应改为：二次修正导向线目的是用横断面最佳位置修正平面，避免横向填挖 过大。 10.错误：应改为：环道中车道不能太多，以 3、4 条为宜。 评分标准： 每一题 1.5 分，判断错误不得分，判断正确但没有改正或改正不正确得 0.5 分。 四、简答题（4×5=20 分） 1．答案及评分标准 基本要点： 一般情况下超高缓和段长度与缓和曲线相同，如果为了线形协调而在平面上布置了较长 的缓和曲线，则超高过渡可仅在缓和曲线的一个区段进行。 答出基本要点得 5 分；答得不完整酌情扣分。 2．答案及评分标准 要点： 限制最大合成坡度可以防止急弯陡坡组合，引起横向滑移危机行车安全；限制最小的合 成坡度主要以防止道路排水不畅，影响行车安全 答出每一要点给 2.5 分。答得不完整酌情扣分。 3．答案及评分标准 要点： 回头曲线的定义：通过设置回头曲线进行展线路线从一侧山坡上回头后，再回到该侧山 坡的展线方式
优点：便于利用有利地形，通过不利地形、地质和难点工程。缺点：在同一坡上，上、下线重叠，尤其是靠近回头曲线前后的上下线相距很近对于行车，施工养护都不利。应该注意的问题：正确选择回头地点，对回头曲线工程量大小和使用质量关系很大；尽可能拉长两回头间的距离，避免一面山坡上多层展线，减少回头个数。答出回头曲线定义得1分；答出主要优缺点得2分；答出应该注意的问题得2分；答得不完整情扣分。4．答案及评分标准环形交叉口设计时主要解决：中心岛的形状和半径，环道的布置和宽度，交织段长度交织角，进出口曲线半径和视距要求。环形交叉口的优点：驶入交叉口的各种车辆可连续不断地单向运行，没有停滞，减少了车辆在交叉口的延误时间；环道上行车只有分流与合流，消灭了冲突点，提高了行车的安全性；交通组织简便，不需信号管制；对多路交叉和畸形交叉，用环道组织渠化交通更为有效；中心岛绿化可美化环境。环形交叉口缺点：占地面积大，城区改建困难：增加了车辆绕行距离，特别是左转弯车辆：一般造价高于其他平面交叉。评分标准答出环形交叉口设计时主要解决的问题得2分：答出环形交叉口的主要优点得2分：答出环形交叉口的缺点得1分：答得不完整酌情扣分五、叙述题与作图题（15分）1．答案及评分标准要点：纸上定线的方法步骤及作用：（1）定导向线。分析地形，找出各种可能的走法。②求平距a，并定匀坡线。作用一是放通了路线，证明方案是成立的，二是放坡可发现中间控制点，为下步工作提供依据。③确定中间控制点，分段调整纵坡，定导向线。目的是大概定出具有理想坡度的折线利用了有利地形，避开了不利地形，可作为试定平面线形的参考。（2）修正导向线
优点：便于利用有利地形，通过不利地形、地质和难点工程。 缺点：在同一坡上，上、下线重叠，尤其是靠近回头曲线前后的上下线相距很近对于行 车，施工养护都不利。 应该注意的问题：正确选择回头地点，对回头曲线工程量大小和使用质量关系很大；尽 可能拉长两回头间的距离，避免一面山坡上多层展线，减少回头个数。 答出回头曲线定义得 1 分；答出主要优缺点得 2 分；答出应该注意的问题得 2 分；答得 不完整酌情扣分。 4．答案及评分标准 环形交叉口设计时主要解决：中心岛的形状和半径，环道的布置和宽度，交织段长度， 交织角，进出口曲线半径和视距要求。 环形交叉口的优点：驶入交叉口的各种车辆可连续不断地单向运行，没有停滞，减少了 车辆在交叉口的延误时间；环道上行车只有分流与合流，消灭了冲突点，提高了行车的安全 性；交通组织简便，不需信号管制；对多路交叉和畸形交叉，用环道组织渠化交通更为有效； 中心岛绿化可美化环境。 环形交叉口缺点：占地面积大，城区改建困难；增加了车辆绕行距离，特别是左转弯车 辆；一般造价高于其他平面交叉。 评分标准： 答出环形交叉口设计时主要解决的问题得 2 分；答出环形交叉口的主要优点得 2 分；答 出环形交叉口的缺点得 1 分；答得不完整酌情扣分。 五、叙述题与作图题（15 分） 1．答案及评分标准 要点： 纸上定线的方法步骤及作用： （1）定导向线。 ①分析地形，找出各种可能的走法。 ②求平距 a，并定匀坡线。作用一是放通了路线，证明方案是成立的，二是放坡可发现 中间控制点，为下步工作提供依据。 ③确定中间控制点，分段调整纵坡，定导向线。目的是大概定出具有理想坡度的折线， 利用了有利地形，避开了不利地形，可作为试定平面线形的参考。 （2）修正导向线
①试定平面线形，点绘纵断面图，设计理想纵坡②定修正导向线。目的：用纵断面修改平面，避免纵向大填大挖③定二次导向线。目的：用横断面最佳位置修正平面，避免横向填挖过大。（3）具体定线。在二次修正导向线基础取反复试线，采取直线型定线方法或曲线型定线方法，定出平面线形。评分标准：本题共10分。纸上定线的方法步骤6分：作用要点4分，每一要点给1分。2.答案及评分标准K1RiSAa1Ra评分标准：画出图形，得5分，未标明曲率和回旋线参数或不全者酌情扣分六、计算题1．答案及评分标准①计算@=i,-iT2E=②计算L=RW：T=L/2：2R③计算起点桩号由公式k2+500-T得到；计算起点高程：H变-T.i,④对于K2+360:X,=0所以:H=0K2+360的设计标高为：起点高程；对于K2+400先计算：X2=K2+400-K2+360=40M再计算：H=X22/2R再计算切线高程按照以下公式：H2+360+X2.i1
①试定平面线形，点绘纵断面图，设计理想纵坡 ②定修正导向线。目的：用纵断面修改平面，避免纵向大填大挖 ③定二次导向线。目的：用横断面最佳位置修正平面，避免横向填挖过大。 （3）具体定线。 在二次修正导向线基础取反复试线，采取直线型定线方法或曲线型定线方法，定出平面 线形。 评分标准： 本题共 10 分。纸上定线的方法步骤 6 分；作用要点 4 分，每一要点给 1 分。 2．答案及评分标准 评分标准： 画出图形，得 5 分，未标明曲率和回旋线参数或不全者酌情扣分 六、计算题 1．答案及评分标准 ①计算ω= 2 1 i i ②计算 L=Rω；T=L/2；E= R T 2 2 ③计算起点桩号由公式 k 2+500-T 得到； 计算起点高程： H变 -T. 1 i ④对于 K2+360:X1=0 所以:H=0 K2+360 的设计标高为:起点高程; ⑤对于 K2+400 先计算:X2=K2+400-K2+360=40M 再计算:H=X2 2//2R 再计算切线高程按照以下公式:H2+360+X2.i1
最后计算Hα=Hu-H;③K2+500即为变坡点对应的设计标高。评分标准：算出竖曲线要系得3分，计算出三处设计高程得5分。计算过程正确，公式中代入数据正确，但结果计算错误酌情扣分。另外根据计算过程、书写的条理性等可以酌情加分或扣分但总分为8分。2．答案及评分标准由R2=800mls2=200.m则：P2=Ls2/24Rq=Ls/2-Ls?/240R3所以：T2=（R2+P2）tgαz/2+q2假设基本型曲线Ti≤325.63假设：Lsi=200M如按1：1：1设计：-则：Ri an/8o+Ls-2Ls-Ls计算R按照给出的公式计算Pi，Qi计算Ti=（Ri+Pi）tgα/+qT满足要求取Ls1=200M，R/=900M由于JD:转角属于小偏角如设缓和曲线半径太小所以考虑不设缓和曲线由于小转角JD3处曲线长L）1000/Q所以可以计算出R3的范围（R3）2500M）所以交点JDs处不设超高，也不设缓和曲线即取R3=3000MLs3=0评分标准：算出JD2的切线长得2分，算出JD，的切线长得2分：JD的缓和曲线长确定正确得2分，半径计算和确定正确得3分：JD3的缓和曲线长确定正确得1分，半径计算和确定正确得2分。本题没有催一答案，计算过程正确，公式中代入数据正确，但结果计算错误酌情扣分。另外根据计算分析过程、书写的条理性等可以酌情加分或扣分，但总分为12分
最后计算 H 设=H 切-H; 6 K2+500 即为变坡点对应的设计标高。 评分标准： 算出竖曲线要素得 3 分，计算出三处设计高程得 5 分。计算过程正确，公式中代入数据 正确，但结果计算错误酌情扣分。另外根据计算过程、书写的条理性等可以酌情加分或扣分， 但总分为 8 分。 2．答案及评分标准 由 R2=800m ls2=200.m 则：P2=LS 2 /24R q= LS/2-LS 3 /240R2 所以：T2=（R2+P2）tg 2 /2+q2 假设基本型曲线 T1≤325.63 假设：LS1=200M 如按 1：1：1 设计： 则：R1 180 +LS—2LS=LS计算 R 按照给出的公式计算 P1，Q1 计算 T1=（R1+P1）tg 2 +q T1满足要求取 LS1=200M，R1=900M 由于 JD3 转角属于小偏角如设缓和曲线半径太小所以考虑不设缓和曲线由于小转角 JD3 处曲线长 L〉1000/Q 所以可以计算出 R3的范围（R3）2500M) 所以交点 JD3处不设超高，也不设缓和曲线即取 R3=3000M LS3=0 评分标准： 算出 2 JD 的切线长得 2 分，算出 1 JD 的切线长得 2 分； 1 JD 的缓和曲线长确定正确得 2 分，半径计算和确定正确得 3 分； 3 JD 的缓和曲线长确定正确得 1 分，半径计算和确定正 确得 2 分。本题没有惟一答案，计算过程正确，公式中代入数据正确，但结果计算错误酌情 扣分。另外根据计算分析过程、书写的条理性等可以酌情加分或扣分，但总分为 12 分