po2.2.3.相平衡关系在吸收过程中的应m 判断过程进行的方回 吸收平衡解吸」 ppe A 相 Y>y y=Ve K<Y C<C C-C 液 相 xx X-x <XX=XX>X 0区结论〗 x众x 组成点在平衡线上方,为吸收过程 组成点在平衡线上,为平衡过程 组成点在平衡线下方,为解吸过程 12021年2月21日 OLYTEO 第二章气体吸收 16/105
2021年2月21日 第二章 气体吸收 16/105 2.2.3. 相平衡关系在吸收过程中的应用 1．判断过程进行的方向 吸收 平衡 解吸 气 相 p>pe p=pe p<pe y>ye y=ye y<ye Y>Ye Y=Ye Y<Ye 液 相 c<ce c=ce c>ce x<xe x=xe x>xe X<Xe X=Xe X>Xe m y x A B C y x ye xe y/ye xe /x y x xe ye 〖结论〗 组成点在平衡线上方，为吸收过程 组成点在平衡线上，为平衡过程 组成点在平衡线下方，为解吸过程
eo2.确定传质的推动力》大学 TECHN MONGOLIA 过程是否答易进行取决于实际组成偏离平衡组成的程度, 因而推动力可用一相的实际组成与其对应的平衡组成之差OL 来表示。C 〖说明〗 吸收平衡解吸 实际组成偏离平衡 p-pe 0 pe-p 组成的程度愈大,过 0 程的推动力愈大,其 相y Y-Y Y-Y 传质速率愈大,吸收 /解吸过程愈容易进 C。-C VI O 液 行。 相 x。x 0000 X-X X-X X-X 12021年2月21日 OLYTEL UNIVERSITY POL 第二章气体吸收 17/1058
2021年2月21日 第二章 气体吸收 17/105 2.确定传质的推动力 当传质进行时，其速率与传质的推动力大小有关，传质 过程是否容易进行取决于实际组成偏离平衡组成的程度， 因而推动力可用一相的实际组成与其对应的平衡组成之差 来表示 。 m y x A C y x ye xe y xe x ye 吸收 平衡 解吸 气 相 p-pe 0 pe -p y-ye 0 ye -y Y-Ye 0 Ye -Y 液 相 ce -c 0 c-ce xe -x 0 x-xe Xe -X 0 X-Xe 〖说明〗 实际组成偏离平衡 组成的程度愈大，过 程的推动力愈大，其 传质速率愈大，吸收 /解吸过程愈容易进 行
o3.指明传质过程进行的极大守 TECHN y2↑|x2 √因为平衡是过程进行的极限,所以当 两相进行接触,达到平衡时过程也就终 止,即:y=y或者x=x时,吸收或者解吸 逆 过程将停止,不会无限进行下去。若要 流 使过程进行,必须改变条件,使原来的 平衡打破,在新的条件下重新建立平衡 √对吸收而言,无论气液相流量、塔高、 塔径如何,出塔尾气的组成不会低于与 xX 该位置液相组成相平衡的气相组成。如 逆流:y2y2=mx2;并流:y≥Va1=mx1; 塔径如何,吸收液的组成不会高于与该M0N01A 1对吸收而言,无论气液相流量、塔高 并 位置气相组成相平衡的液相组成。如逆NC 流 UNIVERSITY 流&并流:xsx21=y1/mo y↓x 12021年2月21日 OLYTEO 第二章气体吸收 18/105
2021年2月21日 第二章 气体吸收 18/105 y2 y1 x2 x1 3.指明传质过程进行的极限 ✓因为平衡是过程进行的极限，所以当 两相进行接触，达到平衡时过程也就终 止，即：y=ye或者x=xe时，吸收或者解吸 过程将停止，不会无限进行下去。若要 使过程进行，必须改变条件，使原来的 平衡打破，在新的条件下重新建立平衡。 ✓对吸收而言，无论气液相流量、塔高、 塔径如何，出塔尾气的组成不会低于与 该位置液相组成相平衡的气相组成。如 逆流：y2≥ye2=mx2 ；并流： y1≥ye1=mx1 ； ✓对吸收而言，无论气液相流量、塔高、 塔径如何，吸收液的组成不会高于与该 位置气相组成相平衡的液相组成。如逆 流&并流：x1≤xe1=y1 /m。 y2 y1 x2 x1 逆 流 并 流
TECHNIC TECHN 例题 【例】在总压1013kPa,温度30的条件下,SO2摩尔 分率为0.3的混合气体与SO2摩尔分率为0.01的水溶液 相接触,试问: LSO 的传质方,1P LER MONGOL 2其它条件不变,温度降到℃时SO2的传质方向;NC 3其它条件不变,总压提高到2026kPa时SO2的传质方 向,并计算以液相摩尔分率差及气相摩尔分率差表示 的传质推动力。 00 【解】1查P18表2-1,得SO2在10133kP3、30℃时亨利系数 E=0485×104kPa,则: ALIS8cAIN E0.485×10 ye = mx=x ×0.01=0.48RM0NG0A 101.33 y<y∴传质过程为解吸,SO由液相向气相转移 UNIVERS 12021年2月21日 OLYTEO 第二章气体吸收 19/105
2021年2月21日 第二章 气体吸收 19/105 【例】在总压101.3kPa，温度30℃的条件下, SO2摩尔 分率为0.3的混合气体与SO2摩尔分率为0.01的水溶液 相接触，试问： 1.SO2的传质方向； 2.其它条件不变，温度降到0℃时SO2的传质方向； 3.其它条件不变，总压提高到202.6kPa时SO2的传质方 向，并计算以液相摩尔分率差及气相摩尔分率差表示 的传质推动力。 【解】1.查P18表2-1，得SO2在101.33kPa、30℃时亨利系数 E=0.485×104kPa，则： 传质过程为解吸， 2由液相向气相转移 4 SO 0 01 0 48 101 33 0 485 10 = = = = e e y y . . . . x P E y m x 例题
c2查P18表2-1,得SO2在101.33kPa、0℃时享利系数例题 E=0.167×104kPa,则 E0.167×10 Ve =mx=x 0.01=0.16 y>yc∴传质过程为吸收,SO2由气相向液相转移RNa P1101.33 3查P18表2-1,得SO2在1013kPa、30℃时亨利系数 ECHNIC U E=0.485×104Pa,则: INNER BONGOL I E0.485×10 Ve =mx==x= 001=0.24 202.6 y>y2传质过程为吸收,SO由气相向液相转移 y 0.3×202.6 气相推动力:y-y=0.3-0.24=006RM00A 0.013 LSCCAIN 0.485×10 CHIC 液相推动力:x2-x=0.013-0.01=0.003 UNIVERS 12021年2月21日 OLYTEO 第二章气体吸收 20/105
2021年2月21日 第二章 气体吸收 20/105 2.查P18表2-1，得SO 例题 2在101.33kPa、0℃时亨利系数 E=0.167×104kPa，则： 3.查P18表2-1，得SO2在101.33kPa、30℃时亨利系数 E=0.485×104kPa，则： 传质过程为吸收， 2由气相向液相转移 4 SO 0 01 0 16 101 33 0 167 10 = = = = e e y y . . . . x P E y m x 0 013 0 01 0 003 0 3 0 24 0 06 0 013 0 485 10 0 3 202 6 SO 0 01 0 24 202 6 0 485 10 4 2 4 x x . . . y y . . . . . . . m y x y y . . . . x P E y m x e e e e e − = − = − = − = = = = = = = = 液相推动力： 气相推动力： 传质过程为吸收， 由气相向液相转移